负载平衡问题
负载平衡问题
这是一个单节点解决问题的方法!
题目链接
题目分析
最终状态每一个仓库的流量一定是平均数.
所以每一个大于平均数的仓库可以向外送东西,每一个小于平均数的仓库必须要从别的进东西.
每次运输都是有代价的,而代价与运输的多少也有直接关系.
自然就是最小费用最大流了.最大流保证了一定能平衡收支,最小费用保证在收支平衡的情况下花费最少了.
模型建立
首先先计算出他们的平均数,用每个数都减去平均数得到新的值,这个值如果是负数意味着需要从别的地方搞过一点来,如果正数就说明可以往外送一点.
我们建立超级源点和超级汇点(这套路很常见的)
如果权值为正,即储存量大于平均值,我们就从s向它连一条边,最大流为储存值-平均值,费用为0,图论意义就是它可以从源点免费获得多出来的储存值-平均值的流量,就相当于自身有储存值-平均值的流量,上面不是说了吗,建一个超级源点,就是代替这个功能.
如果权值为负,即储存值小于平均值,我们就从它向t连一条边,最大流量为平均值-储存值,费用为0,图论意义就是它必须从别的节点传来流量,并且汇入自身,意义类比与上面所说.
对于每一个可以互相传的节点,即左邻居和右邻居,需要分别向他们连边,表示自己的流可以流过去.
所以这个图就建完了啊.
并不需要建两个点啊
单点建图AC评测记录
模型分析
大佬的文章上写的是最小代价供求,我的理解就是有多有少,要搞成平均.
扩展一点就是现在有好多东西都有自己的状态,可以向指定地方调动东西,每次调动都有一个代价,现在需要求最小的代价调成指定状态.
做法就是先算出它要调入/调出多少.
然后对于这个新的值,能够调出的由s向其连边,最大流为能调出的大小,代价为0,图论意义是可以免费获得多少的流以供调出.
需要调入的向t连边,最大流为需要调入的大小,代价为0,图论意义为满足最大流的前提下,它必须从别的地方的得到多少流.
之后对于每一个能调出的节点,向它可以调的地方连一条边,代价为调整的代价.
在这个网络上最小费用最大流就是所要求的答案.
Code
单节点
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int Mmax = 1910;
const int Nmax = 210;
const int inf = 20010509;
int n,m,s,t,p1,p2,p3,to[Mmax<<1],net[Mmax<<1],mf[Mmax<<1],mo[Mmax<<1],tails=1,fr[Nmax];
void add(int froms,int tos,int mfs,int money){
to[++tails]=tos;
net[tails]=fr[froms];
mf[tails]=mfs;
mo[tails]=money;
fr[froms]=tails;
}
void auto_add(int st,int en,int mft,int mo){
add(st,en,mft,mo),add(en,st,0,-mo);
}
int lastp[Nmax],useds[Nmax],flown[Nmax],dis[Nmax],ndo,p4;
bool inqu[Nmax];
queue<int>ready;
bool SPFA(){
memset(inqu,0,sizeof(inqu));
memset(dis,20010509,sizeof(dis));
memset(flown,20010509,sizeof(flown));
while(!ready.empty())ready.pop();ready.push(s);
dis[s]=0;inqu[s]=1;flown[s]=20010509;lastp[t]=0;
while(!ready.empty()){
ndo=ready.front();
ready.pop();inqu[ndo]=0;
for(int lzh=fr[ndo];lzh;lzh=net[lzh]){
if(dis[to[lzh]]>dis[ndo]+mo[lzh] && mf[lzh]){
dis[to[lzh]]=dis[ndo]+mo[lzh];
flown[to[lzh]]=min(mf[lzh],flown[ndo]);
useds[to[lzh]]=lzh;
lastp[to[lzh]]=ndo;
if(!inqu[to[lzh]]){
inqu[to[lzh]]=1;
ready.push(to[lzh]);
}
}
}
}
return lastp[t]!=0;
}
int maxflow=0,mincost=0,ppo;
void Dinic(){
while(SPFA()){
maxflow+=flown[t];ppo=t;
mincost+=flown[t]*dis[t];
while(ppo!=s){
mf[useds[ppo]]-=flown[t];
mf[useds[ppo]^1]+=flown[t];
ppo=lastp[ppo];
}
}
}
int x[Nmax],sum;
int main(){
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;++i){
scanf("%d",&x[i]);
sum+=x[i];
}
sum/=n;s=208;t=209;
for(int i=1;i<=n;++i) x[i]-=sum;
for(int i=1;i<=n;++i){
if(x[i]>0)
auto_add(s,i,x[i],0);
else if(x[i]<0)
auto_add(i,t,-x[i],0);
}
for(int i=1;i<=n;++i){
if(i!=1)
auto_add(i,(i-1),inf,1);
if(i!=n)
auto_add(i,(i+1),inf,1);
}
auto_add(1,n,inf,1);
auto_add(n,1,inf,1);
Dinic();
printf("%d",mincost);
return 0;
}双节点(讲解可以参考楼下大佬)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int Mmax = 1910;
const int Nmax = 210;
const int inf = 20010509;
int n,m,s,t,p1,p2,p3,to[Mmax<<1],net[Mmax<<1],mf[Mmax<<1],mo[Mmax<<1],tails=1,fr[Nmax];
void add(int froms,int tos,int mfs,int money){
to[++tails]=tos;
net[tails]=fr[froms];
mf[tails]=mfs;
mo[tails]=money;
fr[froms]=tails;
}
void auto_add(int st,int en,int mft,int mo){
add(st,en,mft,mo),add(en,st,0,-mo);
}
int lastp[Nmax],useds[Nmax],flown[Nmax],dis[Nmax],ndo,p4;
bool inqu[Nmax];
queue<int>ready;
bool SPFA(){
memset(inqu,0,sizeof(inqu));
memset(dis,20010509,sizeof(dis));
memset(flown,20010509,sizeof(flown));
while(!ready.empty())ready.pop();ready.push(s);
dis[s]=0;inqu[s]=1;flown[s]=20010509;lastp[t]=0;
while(!ready.empty()){
ndo=ready.front();
ready.pop();inqu[ndo]=0;
for(int lzh=fr[ndo];lzh;lzh=net[lzh]){
if(dis[to[lzh]]>dis[ndo]+mo[lzh] && mf[lzh]){
dis[to[lzh]]=dis[ndo]+mo[lzh];
flown[to[lzh]]=min(mf[lzh],flown[ndo]);
useds[to[lzh]]=lzh;
lastp[to[lzh]]=ndo;
if(!inqu[to[lzh]]){
inqu[to[lzh]]=1;
ready.push(to[lzh]);
}
}
}
}
return lastp[t]!=0;
}
int maxflow=0,mincost=0,ppo;
void Dinic(){
while(SPFA()){
maxflow+=flown[t];ppo=t;
mincost+=flown[t]*dis[t];
while(ppo!=s){
mf[useds[ppo]]-=flown[t];
mf[useds[ppo]^1]+=flown[t];
ppo=lastp[ppo];
}
}
}
int x[Nmax],sum;
int main(){
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;++i){
scanf("%d",&x[i]);
sum+=x[i];
}
sum/=n;s=208;t=209;
for(int i=1;i<=n;++i) x[i]-=sum;
for(int i=1;i<=n;++i){
if(x[i]>0)
auto_add(s,2*i-1,x[i],0);
else if(x[i]<0)
auto_add(2*i,t,-x[i],0);
}
for(int i=1;i<=n;++i){
if(i!=1){
auto_add(2*i-1,2*(i-1)-1,inf,1);
auto_add(2*i-1,2*(i-1),inf,1);
}
if(i!=n){
auto_add(2*i-1,2*(i+1)-1,inf,1);
auto_add(2*i-1,2*(i+1),inf,1);
}
}
auto_add(1,2*n-1,inf,1);
auto_add(1,2*n,inf,1);
auto_add(2*n-1,1,inf,1);
auto_add(2*n-1,2,inf,1);
Dinic();
printf("%d",mincost);
return 0;
}